בחינת סוף סמסטר, פברואר 2026 · שיעור פתרון

שאלה 2: נקודות יציבות וקמירות

נוסח השאלה

  1. א. עבור הפונקציה f(x)=9x⁵-15x³+160, מצאו נקודות יציבות וקבעו אם הן נקודות מינימום, מקסימום מקומי או גלובלי, או נקודות פיתול.
  2. ב. פונקציה h קמורה על קבוצה קמורה C אם לכל x₁,x₂∈C ולכל 0≤λ≤1 מתקיים h(λx₁+(1-λ)x₂)≤λh(x₁)+(1-λ)h(x₂). נתון שהפונקציות f ו-g קמורות על C. הוכיחו לפי ההגדרה כי t(x)=f(x)+g(x) קמורה על C.
  3. ג. מצאו תנאים על a,b,c,d כך שהפונקציה f(x₁,x₂)=ax₁²+bx₁+cx₂+dx₂²+ad-bc תהיה קמורה.

זיהוי השיטה

בסעיף א מוצאים את כל שורשי הנגזרת הראשונה ומסווגים אותם לפי שינוי הסימן או הנגזרות הגבוהות. בסעיף ב מתחילים ישירות מהגדרת הקמירות. בסעיף ג מחשבים הסיאן ודורשים שתהיה חיובית למחצה בכל התחום.

פתרון מודרך

א נקודות יציבות וסיווגן

נוסח הסעיף: עבור הפונקציה f(x)=9x⁵-15x³+160, מצאו נקודות יציבות וקבעו אם הן נקודות מינימום, מקסימום מקומי או גלובלי, או נקודות פיתול.

הרעיון: נקודה יציבה מתקבלת כאשר f′(x)=0. לאחר שמוצאים את כל המועמדות, בודקים אם הנגזרת מחליפה סימן ומבררים אם בכלל ייתכן קיצון גלובלי.

נגזור ונפרק לגורמים:

f′(x) = 45x⁴ - 45x² f′(x) = 45x²(x²-1) = 45x²(x-1)(x+1) f′(x)=0   ⇒   x∈{-1,0,1}
תחוםסימן f′(x)התנהגות
x<-1חיוביעולה
-1<x<0שלילייורדת
0<x<1שלילייורדת
x>1חיוביעולה

ב-x=-1 הסימן משתנה מחיובי לשלילי, ולכן זו נקודת מקסימום מקומי. ב-x=1 הסימן משתנה משלילי לחיובי, ולכן זו נקודת מינימום מקומי. ב-x=0 אין שינוי בסימן הנגזרת, ולכן אין קיצון.

נחשב את הנגזרת השנייה והשלישית כדי לסווג את הנקודה היציבה x=0:

f″(x)=180x³-90x f″(0)=0 f‴(x)=540x²-90,   f‴(0)=-90≠0

הנגזרת הראשונה שאינה מתאפסת אחרי f′ היא מסדר אי־זוגי, ולכן x=0 היא נקודת פיתול יציבה.

נקודהערך הפונקציהסיווג
x=-1f(-1)=166מקסימום מקומי
x=0f(0)=160נקודת פיתול יציבה
x=1f(1)=154מינימום מקומי

אין מקסימום או מינימום גלובלי על כל הישר, משום שהאיבר המוביל הוא 9x⁵:

x→∞   ⇒   f(x)→∞ x→-∞   ⇒   f(x)→-∞

לשלמות: למשוואה f″(x)=0 יש גם פתרונות x=±1/√2. אלה נקודות פיתול נוספות, אך אינן נקודות יציבות משום ש-f′(±1/√2)≠0.

תוצאת הסעיף: (-1,166) מקסימום מקומי, (0,160) נקודת פיתול יציבה, ו-(1,154) מינימום מקומי. אין קיצון גלובלי.

ב סכום של פונקציות קמורות

נוסח הסעיף: נתון שהפונקציות f ו-g קמורות על הקבוצה הקמורה C. הוכיחו לפי הגדרת הקמירות כי t(x)=f(x)+g(x) קמורה על C.

הרעיון: מפעילים את הגדרת הקמירות פעם אחת על f ופעם אחת על g, ואז מחברים את שני אי־השוויונות. חיבור אינו משנה את כיוון אי־השוויון.

נבחר נקודות שרירותיות x₁,x₂∈C ומשקל שרירותי λ∈[0,1]. מכיוון ש-C קמורה, גם λx₁+(1-λ)x₂∈C, ולכן מותר להפעיל שם את שתי הנחות הקמירות:

f(λx₁+(1-λ)x₂) ≤ λf(x₁)+(1-λ)f(x₂) g(λx₁+(1-λ)x₂) ≤ λg(x₁)+(1-λ)g(x₂)

נחבר אגף שמאל לאגף שמאל ואגף ימין לאגף ימין:

t(λx₁+(1-λ)x₂) = f(λx₁+(1-λ)x₂)+g(λx₁+(1-λ)x₂) ≤ λf(x₁)+(1-λ)f(x₂)+λg(x₁)+(1-λ)g(x₂) = λ[f(x₁)+g(x₁)]+(1-λ)[f(x₂)+g(x₂)] = λt(x₁)+(1-λ)t(x₂)

קיבלנו את אי־שוויון הקמירות עבור נקודות ומשקל שרירותיים, ולכן הוא מתקיים בכל המקרים הנדרשים בהגדרה.

תוצאת הסעיף: t=f+g קמורה על C.

ג תנאים לקמירות פונקציה ריבועית

נוסח הסעיף: מצאו תנאים על a,b,c,d כך שהפונקציה f(x₁,x₂)=ax₁²+bx₁+cx₂+dx₂²+ad-bc תהיה קמורה.

הרעיון: איברים ליניאריים וקבועים אינם תורמים לנגזרות השניות. לכן הקמירות נקבעת רק על ידי המקדמים של x₁² ושל x₂².

הגרדיאנט הוא:

∇f(x₁,x₂) = (2ax₁+b,   2dx₂+c)ᵀ

נגזור שוב ונקבל הסיאן קבועה:

H = [ 2a   0 ;   0   2d ]

מטריצה אלכסונית היא חיובית למחצה אם ורק אם כל איברי האלכסון שלה אינם שליליים. לכן:

2a ≥ 0,   2d ≥ 0 a ≥ 0,   d ≥ 0

המקדמים b ו-c יכולים להיות כל מספר ממשי: האיברים bx₁ ו-cx₂ ליניאריים, והאיבר ad-bc קבוע ביחס ל-x₁,x₂. אם דורשים קמירות ממש, ולא רק קמירות, צריך a>0 ו-d>0.

תוצאת הסעיף: הפונקציה קמורה על ℝ² אם ורק אם a≥0 ו-d≥0; אין הגבלה על b,c.

תשובה סופית

  1. א. (-1,166) מקסימום מקומי, (0,160) נקודת פיתול יציבה, (1,154) מינימום מקומי; אין קיצון גלובלי.
  2. ב. חיבור שני אי־שוויונות הקמירות נותן ישירות את אי־שוויון הקמירות של f+g.
  3. ג. התנאים הם a≥0 ו-d≥0; b,c∈ℝ חופשיים.

המשך במבחן

בחינת סוף סמסטר, פברואר 2026 · שאלה 2

המשך לפי סדר השאלות במבחן.

לשאלה הבאה: שאלה 3 - בעיית תובלה עם מחסור וקנסות